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(12分)已知A、B、C、D、E、F为元素周期表中原子序数依次增大的前20号元素...

(12分)已知A、B、C、D、E、F为元素周期表中原子序数依次增大的前20号元素,A与B;C、D与E分别位于同一周期。A原子L层上有2对成电子, B、C、D的核外电子排布相同的简单离子可形成一种C3DB6型离子晶体X,,CE、FA为电子数相同的离子晶体。

(1)写出A元素的基态原子价电子排布式                ;F离子电子排布式            

(2)写出X的化学式                   和化学名称              

(3)写出X涉及化工生产中的一个化学方程式                      

(4)试解释工业冶炼D不以DE3而是以D2A3为原料的原因:           

(5)CE、FA的晶格能分别为786 KJ/mol l、3401KJ/mo,试分析导致两者晶格能差异的主要原因是:                        

(6)F与B可形成离子化合物,其晶胞结构如图所示: F与B形成离子化合物的化学式为____________;该离子化合物晶体的密度为a g/cm3,则晶胞的体积是(只要求列出算式)。

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(1)2s22p4 1s22s22p63s23p6 (2)Na3AlF6 六氟合铝酸钠 (3)2Al2O3(融熔)2Al+3 O2↑ (4)Al2O3为离子晶体而AlCl3为分子晶体 (5)CaO晶体中Ca2+、 O2- 的带电量大于NaCl晶体中Na+、Cl-的带电量。 (6)CaF2 【解析】 试题分析:由题干知道A、B是第二周期元素,C、D、E是第三周期元素,F是第四周期元素,同时A原子L层上有2对成对电子,则A为O,则B为F,B、C、D的核外电子排布相同的简单离子,说明C、D的阳离子也是两层,B、C、D的核外电子排布相同的简单离子可形成一种C3DB6型离子晶体,再根据CE、FA为电子数相同的离子晶体,则C为Na、D为Al、E为Cl、F为Ca。 (1)O元素的基态原子价电子排布式是2s22p4;Ca2+的含18电子,电子排布式是1s22s22p63s23p6。 (2)B为F、C为Na、D为Al可知X为Na3AlF6,名称为六氟合铝酸钠。 (3)工业制取电解铝时一般用六氟合铝酸钠作溶剂,降低氧化铝的熔点,电解氧化铝的方程式为2Al2O3(融熔)2Al+3 O2↑(4)Al2O3为离子晶体,而AlCl3为分子晶体,熔融的AlCl3不导电,所以工业冶炼铝不以AlCl3而是以Al2O3为原料;(5)CaO晶体大于NaCl晶体的晶格能的主要原因是CaO晶体中Ca2+、O2-的带电荷大于NaCl晶体中Na+、Cl-的带电荷。(6)根据Ca2+、F-的所带电荷数可以看出以1:2结合,化学式为CaF2;根据晶胞计算出1个晶胞含有4个Ca2+、8个F-,设有1mol CaF2,质量为78g,体积为。晶胞的物质的量为1÷4=0.25mol;晶胞的个数为0.25NA;一个晶胞的体积为÷0.25NA。 考点:本题考查物质结构。  
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(9分)开发新能源,使用清洁燃料,可以达到减少污染的目的。

(1)由C、H、O三种元素中的两种和三种分别组成的燃料物质甲和乙,其分子中均有氧,且1个乙分子中含有18个电子,则甲和乙分别是                 。乙是一种清洁燃料,工业上可用甲和氢气反应制得。

T1温度时,在体积为2 L的密闭容器中充入2 mol甲和6 mol H2,反应达到平衡后,测得c(甲)=0.2 mol/L,则乙在平衡混合物中的物质的量分数是              。(保留两位有效数字)

升高温度到T2时,反应的平衡常数为1,下列措施可以提高甲的转化率的是________(填字母)。

A.加入2 mol甲     B.充入氮气     C.分离出乙     D.升高温度

(2)甲烷也是一种清洁燃料,但不完全燃烧时热效率降低并会产生有毒气体造成污染。已知:

CH4(g) + 2O2(g) CO2(g) + 2H2O(l)    ΔH1=―890.3 kJ/mol

2CO (g) + O2(g) 2CO2(g)    ΔH2=―566.0 kJ/mol

则甲烷不完全燃烧生成一氧化碳和液态水时的热效率是完全燃烧时的________倍(计算结果保留1位小数)

(3)甲烷燃料电池可以提升能量利用率。右图是利用甲烷燃料电池电解50 mL 2 mol/L的氯化铜溶液的装置示意图(O2-可以在固态电解质中自由移动)。请回答:

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甲烷燃料电池的负极反应式是         

当线路中有0.1 mol电子通过时,______________(填“a”或“b”)极增重____________g。

 

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(9分)合成氨工业对国民经济和社会发展具有重要的意义。对于密闭容器中的反应:N2(g)+3H2(g)满分5 manfen5.com2NH3(g),500 K、30 MPa下n(NH3)、n(H2)和n(N2)随时间变化的关系如图所示。

请回答下列问题:

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(1)上图中属于氢气物质的量随时间变化的曲线是             (填“Ⅰ”、“Ⅱ”或“Ⅲ”)。

(2)关于t2时刻的说法正确的是____________。

A.t2时该反应达到平衡状态

B.t2时Ⅱ和Ⅲ代表的物质反应速率相同

C.t2时氢气、氮气与氨气的反应速率之比为3∶1∶2

D.t2时氨气与氢气的物质的量相同

(3)对于Ⅱ所代表的物质,其逆反应速率最大的点是___________(填“c”、“d”或“g”);对于Ⅰ所代表的物质,其正反应速率最小的点是_____________(填“a”、“e”或“f”)。

(4)其他条件不变,只改变温度,在改变的这个温度下反应至t3时刻,此时n(H2)比图象中的值大,那么该温度可能是                

A.673 K        B.273 K       C.373 K

(5)在密闭容器中充入2 mol N2和6 mol H2,一定条件下建立平衡:N2(g)+3H2(g) 满分5 manfen5.com2NH3(g)  ΔH=-92.2 kJ/mol,测得N2的转化率为90%,则在此条件下,反应放出的热量为           kJ。若与上述反应的温度和体积相同时,向密闭容器中充入4 mol NH3,则达平衡后,反应             (填“放出”或“吸收”)的热量为           kJ。

 

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(12分)某小组同学以碳棒为电极电解CuCl2溶液时,发现阴极碳棒上除了有红色物质析出外,还有少量白色物质析出。为探究阴极碳棒上的产物,同学们阅读资料并设计了如下过程:

Ⅰ.有关资料:铜的化合物颜色性质如下

物质

颜色、性质

物质

颜色、性质

氢氧化铜Cu(OH)2

蓝色固体不溶于水

硫酸铜(CuSO4)

溶液呈蓝色

氧化亚铜(Cu2O)

红色固体不溶于水

氯化铜(CuCl2)

浓溶液呈绿色,稀溶液呈蓝色

氯化亚铜(CuCl)

白色固体不溶于水

碱式氯化铜

绿色固体不溶于水

Ⅱ.探究实验:

(1)提出假设:

①红色物质一定有铜,还可能有Cu2O;

②白色物质为铜的化合物,其化学式可能为_______________________。

(2)实验验证:

取电解CuCl2溶液后的阴极碳棒,洗涤、干燥,连接下列装置进行实验,验证阴极产物,

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①实验前,检查装置A气密性的方法是____________________________。

②实验时,各装置从左至右的连接顺序为A→________→________→B→________→________。

(3)观察现象,得出结论

实验结束后,碳棒上的白色物质变为红色,F中物质不变色,D中出现白色沉淀,根据现象①碳棒上的红色物质是否有Cu2O__________(填“是”或“否”),理由是_________________________;

②装置__________(填上图中装置编号)中__________的现象说明提出假设②中的白色物质一定存在;

③写出装置B中发生反应的化学方程式                          

 

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(10分)已知将盐酸滴入高锰酸钾溶液中,产生黄绿色气体,而溶液的紫红色褪去。现有一个氧化还原反应的体系,共有KCl、Cl2、H2SO4、H2O、KMnO4、MnSO4、K2SO4七种物质:

(1)该反应中,化合价升高的反应物是__________,化合价没有发生变化的反应物是________________。

(2)写出一个包含上述七种物质的氧化还原反应方程式(需配平) _____________________。

(3)上述反应中,氧化剂是__________________,1 mol氧化剂在反应中________________(填“得到”或“失去”)______________mol电子。

(4)如果在反应后的溶液中加入NaBiO3,溶液又显紫红色。此现象说明NaBiO3具有什么性质:___________________________。写出该反应的离子方程式                     。(提示:NaBiO3为黄色或棕色粉末,不溶于冷水,在该反应中转化为Bi3+

 

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在t℃时,将0.2 mol X和0.8 mol Y充入密闭容器中,当反应X(g)+Y(g) 满分5 manfen5.comnZ(g)+R(g)达到平衡时,若将反应混合气体中各物质浓度均增大一倍,X的转化率不变,并知cX cYcZn cR,则X的转化率为

A80%        B65%        C45%         D37%

 

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