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室温下,将浓度均为0.10mol/L、体积均为V0的MOH和ROH溶液,分别加水...

室温下,将浓度均为0.10mol/L、体积均为V0的MOH和ROH溶液,分别加水稀释至体积V,pH随满分5 manfen5.com 的变化如图所示,下列叙述错误的是

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①ROH的电离程度:b点大于a点

②MOH的碱性强于ROH的碱性

③当ROH溶液由a点到b点时,满分5 manfen5.com变大

④若两溶液无限稀释,则它们的c(OH-)相等

⑤当满分5 manfen5.com时,若两溶液同时升高温度,则 满分5 manfen5.com增大

A.③⑤        B.①⑤           C.①③             D.②④

 

A 【解析】 试题分析:①根据图象可知,0.1mol/L的ROH溶液的pH<12,说明ROH在溶液中部分电离出氢氧根离子,为弱电解质,b点加水稀释的倍数大于a点,溶液稀释,促进碱的电离,所以ROH的电离程度:b点大于a点,正确;②0.1mol/L的ROH溶液的pH<12,MOH的pH=13,则MOH是强电解质,ROH是弱电解质,因此MOH的碱性大于ROH,正确;③弱碱ROH在溶液中存在电离平衡,当ROH溶液由a点到b点时,电离平衡正向移动,c(R+)、c(OH-)、c(ROH)都减小,减小的倍数c(ROH)比c(R+)、c(OH-)多,所以是个常数,不发生变化,错误;④若两溶液无限稀释,则它们的c(OH-)都逐渐减小,接近于7但是略大于7,正确;⑤由于ROH是弱电解质,升高温度能促进ROH的电离,则c(R+)增大;而MOH为强电解质,完全电离,则其浓度c(M+)不变,所以当时,若两溶液同时升高温度,则 减小,错误。 考点:考查溶液pH计算、溶液中离子浓度的比较与判断的知识。  
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考点分析:
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烃A分子式为C4H10,分子结构中含有一个次甲基(满分5 manfen5.com),则此物质A的二溴代物的种数为

A、3种          B、4种         C、5种         D、以上都不对

 

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已知下列热化学方程式:

Fe2O3(s)+3CO(g)=2Fe(s)+3CO2(g)H= -24.8 kJ·mol-1

3Fe2O3(s)+CO(g)=2Fe3O4(s)+CO2(g) H= -47.2 kJ·mol-1

Fe3O4(s)+CO(g)=3FeO (s)+CO2(g) H= +640.5 kJ·mol-1

则14g CO气体与足量FeO充分反应得到Fe单质和CO2气体时的释放或吸收的热量为

A.放出218 kJ       B.放出109kJ        C.吸收218 kJ       D.吸收109 kJ1

 

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若短周期的两元素可形成原子个数比为2∶3的化合物,则这两种元素原子序数之差不可能是(   )。

A.1         B.3         C.5         D.6

 

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将足量的CO2慢慢通入一定体积的NaOH溶液中,溶液的pH随CO2的体积(已经折算成标准状况)的变化曲线如图所示(不考虑过量的CO2在水中的溶解和反应过程中溶液体积的变化),则下列说法不正确的是(    )

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A.NaOH溶液的物质的量浓度为0.1mol/L

B.NaOH溶液的体积为2L

C.M点离子浓度的大小关系满足c(HCO3-)>c(CO32-)

D.M、N点对应的纵坐标均大于7

 

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已知反应X(g)+3Y(g)满分5 manfen5.com2Z(g);△H<0,在密闭容器中反应达到平衡时,X物质的量浓度为0.4mol/L。下列说法正确的是(    )

A.恒温恒容下,通入稀有气体使压强增大,平衡将正向移动

B.X的正反应速率是Y的逆反应速率的1/3

C.恒温下,扩大容器体积至原来的两倍,则X物质的量浓度大于0.4mol/L,

D.恒温恒压下,增加Z的物质的量,重新达平衡时,X物质的量浓度大于0.4mol/L

 

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