Question

已知函数f（x）的定义域为（0，+∞），且对任意的正实数x，y都有f（xy）=f（x）+f（y），且当x＞1时，f（x）＞0，f（4）=1，
（1）求证：f（1）=0；
（2）求f（）；
（3）解不等式f（x）+f（x-3）≤1．

Answer

（1）根据对任意的正实数x，y都有f（xy）=f（x）+f（y），令x=4，y=1，即可求出f（1）的值；
（2）令x=4，y=4，代入求得f（16），而f（1）=f（×16）=f（）+f（16）=0，即可求得f（）的值；
（3）根据当x＞1时，f（x）＞0，判断函数的单调性，把f（x）+f（x-3）≤1化为f[x（x-3）]≤1=f（4），根据单调性，去掉对应法则f，解不等式．
【解析】
（1）证明：令x=4，y=1，则f（4）=f（4×1）=f（4）+f（1）．
∴f（1）=0．
（2）f（16）=f（4×4）=f（4）+f（4）=2，f（1）=f（×16）=f（）+f（16）=0，
故f（）=-2．
（3）设x1，x2＞0且x1＞x2，于是f（）＞0，
∴f（x1）=f（×x2）=f（）+f（x2）＞f（x2）．
∴f（x）为x∈（0，+∞）上的增函数．
又∵f（x）+f（x-3）=f[x（x-3）]≤1=f（4），
∴⇒3＜x≤4．
∴原不等式的解集为{x|3＜x≤4}．