Question

某植物种群中存在红花植株和白花植株两种类型，红花植株自交，其F₁的性状表现只出现甲、乙、丙 3种可能，如图所示。下列分析错误的是

A. 该植物种群的红花植株的基因型有8种

B. 控制花色的基因的遗传遵循自由组合定律

C. 乙组亲代红花植株测交，后代会出现1:1的分离比

D. 丙组中的红花子代中，自交后代不发生性状分离的个体占7/9

Answer

D

【解析】图丙的自交结果是红花∶白花＝15∶1（是9∶3∶3∶1的变形），由此可推知亲本红花植株为双杂合子（设为AaBb），其自交后代有9种基因型，其中只有基因型为aabb的个体表现为白花，其余均为红花，因此，该植物种群的红花植株的基因型有8种，A项正确；由前面分析可知，控制花色的基因的遗传遵循自由组合定律，B项正确；乙图的自交结果是红花∶白花＝3∶1（相当于具有一对等位基因的杂合子自交），由此可推知亲本红花植株的基因型是Aabb或aaBb，该个体测交后代为Aabb（或aaBb）∶aabb＝1∶1，所以C项正确；丙组红花子代在所有子代中占15/16，这些红花植株自交后代不发生性状分离的个体有1/16AABB＋2/16AaBB＋2/16AABb＋1/16AAbb＋1/16aaBB＝7/16， 因此，丙组中的红花子代中，自交后代不发生性状分离的个体占7/16÷15/16＝7/15，D项错误。

【点睛】

本题考查基因自由组合定律的应用的相关知识。解题时应以丙图的杂交实验为突破口，解题的关键是识记和理解孟德尔的两对相对性状的杂交实验内容：双亲纯种显和隐；杂交F1全显性；F2四性状——两个亲本、两个重组，比值恰为9∶3∶3∶1。9为两显性(性状)，3为两重组(性状)，1为两隐性(性状)。可据此答题。