设函数f（x）=1-e-x． （Ⅰ）证明：当x＞-1时，f（x）≥； （Ⅱ）设当...

（1）将函数f（x）的解析式代入f（x）≥整理成ex≥1+x，组成新函数g（x）=ex-x-1，然后根据其导函数判断单调性进而可求出函数g（x）的最小值g（0），进而g（x）≥g（0）可得证． （2）先确定函数f（x）的取值范围，然后对a分a＜0和a≥0两种情况进行讨论．当a＜0时根据x的范围可直接得到f（x）≤不成立；当a≥0时，令h（x）=axf（x）+f（x）-x，然后对函数h（x）进行求导，根据导函数判断单调性并求出最值，求a的范围． 【解析】 （1）当x＞-1时，f（x）≥当且仅当ex≥1+x 令g（x）=ex-x-1，则g'（x）=ex-1 当x≥0时g'（x）≥0，g（x）在[0，+∞）是增函数 当x≤0时g'（x）≤0，g（x）在（-∞，0]是减函数 于是g（x）在x=0处达到最小值，因而当x∈R时，g（x）≥g（0）时，即ex≥1+x 所以当x＞-1时，f（x）≥ （2）由题意x≥0，此时f（x）≥0 当a＜0时，若x＞-，则＜0，f（x）≤不成立； 当a≥0时，令h（x）=axf（x）+f（x）-x，则 f（x）≤当且仅当h（x）≤0 因为f（x）=1-e-x，所以h'（x）=af（x）+axf'（x）+f'（x）-1=af（x）-axf（x）+ax-f（x） （i）当0≤a≤时，由（1）知x≤（x+1）f（x） h'（x）≤af（x）-axf（x）+a（x+1）f（x）-f（x） =（2a-1）f（x）≤0， h（x）在[0，+∞）是减函数，h（x）≤h（0）=0，即f（x）≤ （ii）当a＞时，由（i）知x≥f（x） h'（x）=af（x）-axf（x）+ax-f（x）≥af（x）-axf（x）+af（x）-f（x）=（2a-1-ax）f（x） 当0＜x＜时，h'（x）＞0，所以h'（x）＞0，所以h（x）＞h（0）=0，即f（x）＞ 综上，a的取值范围是[0，]